大家好，又见面了，我是你们的朋友全栈君。
二叉树是一种重要的数据结构，对二叉树的遍历也很重要。这里简单介绍三种二叉树中序遍历的方法。二叉树的中序遍历就是首先遍历左子树，然后访问当前节点，最后遍历右子树。对于下面的二叉树，中序遍历结果如下：
结果：[5,10,6,15,2]
直观来看，二叉树的中序遍历就是将节点投影到一条水平的坐标上。如图：
1、递归法
这是思路最简单的方法，容易想到并且容易实现。递归的终止条件是当前节点是否为空。首先递归调用遍历左子树，然后访问当前节点，最后递归调用右子树。代码如下：
代码语言：javascript复制//recursive
class Solution1 {
public:
vector<int> inorderTraversal(TreeNode* root) {
vector<int> ret;
if(root==NULL)return ret;
inorderHelper(ret,root);
return ret;
}
private:
void inorderHelper(vector<int>& ret,TreeNode* root)
{
if(root==NULL)return;
inorderHelper(ret,root->left);
ret.push_back(root->val);
inorderHelper(ret,root->right);
}
};2、迭代法
在迭代方法中，从根节点开始找二叉树的最左节点，将走过的节点保存在一个栈中，找到最左节点后访问，对于每个节点来说，它都是以自己为根的子树的根节点，访问完之后就可以转到右儿子上了。代码如下：
代码语言：javascript复制//iterate,using a stack
class Solution2 {
public:
vector<int> inorderTraversal(TreeNode* root) {
vector<int> ret;
if(root==NULL)return ret;
TreeNode *curr=root;
stack<TreeNode*> st;
while(!st.empty()||curr!=NULL)
{
while(curr!=NULL)
{
st.push(curr);
curr=curr->left;
}
curr=st.top();
st.pop();
ret.push_back(curr->val);
curr=curr->right;
}
return ret;
}
};这种方法时间复杂度是O(n)，空间复杂度也是O(n)。
3、Morris法
这种方法是Morris发明的，看完之后感觉精妙无比。这种方法不使用递归，不使用栈，O(1)的空间复杂度完成二叉树的遍历。这种方法的基本思路就是将所有右儿子为NULL的节点的右儿子指向后继节点（对于右儿子不为空的节点，右儿子就是接下来要访问的节点）。这样，对于任意一个节点，当访问完它后，它的右儿子已经指向了下一个该访问的节点。对于最右节点，不需要进行这样的操作。注意，这样的操作是在遍历的时候完成的，完成访问节点后会把树还原。整个循环的判断条件为当前节点是否为空。例如上面的二叉树，遍历过程如下（根据当前节点c的位置）：
（1）当前节点为10，因为左儿子非空，不能访问，找到c的左子树的最右节点p：
结果：[]
（2）找节点c的左子树的最右节点有两种终止条件，一种右儿子为空，一种右儿子指向当前节点。下面是右儿子为空的情况，这种情况先要构造，将节点p的右儿子指向后继节点c，然后c下移：
结果：[]
（3）当前节点c的左儿子为空，进行访问。访问后将c指向右儿子（即后继节点）：
结果：[5]
（4）继续寻找左子树的最右节点，这次的终止条件是最右节点为当前节点。这说明当前节点的左子树遍历完毕，访问当前节点后，还原二叉树，将当前节点指向后继节点：
结果：[5,10]
（5）重复上述过程，直到c指向整棵二叉树的最右节点：
左儿子为空，进行访问，c转到右儿子。右儿子为空，不满足判断条件，循环结束，遍历完成。结果如下：
[5,10,6,15,2]
这就是Morris方法，时间复杂度为O(n)，空间复杂度是O(1)。代码如下：
代码语言：javascript复制//Morris traversal,without a stack
class Solution3 {
public:
vector<int> inorderTraversal(TreeNode* root) {
vector<int> ret;
if(root==NULL)return ret;
TreeNode *curr=root;
TreeNode *pre;
while(curr)
{
if(curr->left==NULL)
{
ret.push_back(curr->val);
curr=curr->right;
}
else
{
pre=curr->left;
while(pre->right&&pre->right!=curr)
pre=pre->right;
if(pre->right==NULL)
{
pre->right=curr;
curr=curr->left;
}
else
{
ret.push_back(curr->val);
pre->right=NULL;
curr=curr->right;
}
}
}
return ret;
}
};版权声明：本文内容由互联网用户自发贡献，该文观点仅代表作者本人。本站仅提供信息存储空间服务，不拥有所有权，不承担相关法律责任。如发现本站有涉嫌侵权/违法违规的内容， 请发送邮件至 举报，一经查实，本站将立刻删除。
