文章目录
- 前言
- 2015a 暴力枚举解方程
- 2015a .灾后重建 (难）
- 最后
前言
距离蓝桥杯还剩短短俩个月的时间，最后的号角已经吹响，没有撤退可言!
最后的时间如果要彻底的搞懂比赛所需的算法，很难，但是最后的成绩可能也不是很好，所以我们用真题 解析的形式来做最后的冲刺！
话不多说，开启我们的第三天！
2015a 暴力枚举解方程
方程: a^2 b^2 c^2 = 1000 a,b,c都是整数
这个方程有整数解吗？有：a,b,c=6,8,30 就是一组解。 你能算出另一组合适的解吗？
请填写该解中最小的数字。
代码语言：javascript复制#include<iostream>
using namespace std;
int main() {
for (int i = 1; i <= 32; i ) {
for (int j = i; j <= 32; j ) {
if (i*i j * j > 1000) continue;
for (int k = j; k <= 32; k ) {
if (i*i j * j k * k == 1000 && i!=6)
printf("%d", i);
}
}
}
return 0;
}2015a .灾后重建 (难）
Pear市一共有N（<=50000）个居民点，居民点之间有M（<=200000）条双向道路相连。这些居民点两两之间都可以通过双向道路到达。这种情况一直持续到最近，一次严重的地震毁坏了全部M条道路。 震后，Pear打算修复其中一些道路，修理第i条道路需要Pi的时间。不过，Pear并不打算让全部的点连通，而是选择一些标号特殊的点让他们连通。 Pear有Q（<=50000）次询问，每次询问，他会选择所有编号在[l,r]之间，并且 编号 mod K = C 的点，修理一些路使得它们连通。由于所有道路的修理可以同时开工，所以完成修理的时间取决于花费时间最长的一条路，即涉及到的道路中Pi的最大值。
你能帮助Pear计算出每次询问时需要花费的最少时间么？这里询问是独立的，也就是上一个询问里的修理计划并没有付诸行动。
【输入格式】 第一行三个正整数N、M、Q，含义如题面所述。 接下来M行，每行三个正整数Xi、Yi、Pi，表示一条连接Xi和Yi的双向道路，修复需要Pi的时间。可能有自环，可能有重边。1<=Pi<=1000000。
接下来Q行，每行四个正整数Li、Ri、Ki、Ci，表示这次询问的点是[Li,Ri]区间中所有编号Mod Ki=Ci的点。保证参与询问的点至少有两个。
【输出格式】 输出Q行，每行一个正整数表示对应询问的答案。
【样例输入】 7 10 4 1 3 10 2 6 9 4 1 5 3 7 4 3 6 9 1 5 8 2 7 4 3 2 10 1 7 6 7 6 9 1 7 1 0 1 7 3 1 2 5 1 0 3 7 2 1
【样例输出】 9 6 8 8
【数据范围】 对于20%的数据，N,M,Q<=30 对于40%的数据，N,M,Q<=2000 对于100%的数据，N<=50000,M<=2*10^5,Q<=50000. Pi<=10^6. Li,Ri,Ki均在[1,N]范围内，Ci在[0,对应询问的Ki)范围内。
资源约定： 峰值内存消耗 < 256M CPU消耗 < 5000ms
请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入…” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中，调试通过后，拷贝提交该源码。
注意: main函数需要返回0 注意: 只使用ANSI C/ANSI C 标准，不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。 注意: 所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include ， 不能通过工程设置而省略常用头文件。
代码语言：javascript复制#include <iostream>
using namespace std;
int time[5002][5002]={0};
int visited[5002]={1};
int n, m ,q;//city way quest
int po[5002]={1};
int count;
int x;
void set(int l, int r, int k, int c)
{
count=0;
for(int i=l; i<=r; i )
if(i%k==c)
{
visited[i]=0;
po[count ]=i;
}
}
void reset(int l, int r, int k, int c)
{
for(int i=l; i<=r; i )
if(i%k==c)
visited[i]=1;
}
void dfs(int temp,int s, int e)
{
if(s == e)
{
if(temp<x) x=temp;
return;
}
if(visited[s]!=0)
return;
visited[s]=1;
for(int i=0; i<n 1; i )
{
if(time[s][i]!=0)
{
if(temp<time[s][i])
dfs(time[s][i],i,e);
else
dfs(temp,i,e);
}
}
visited[s]=0;
}
void fun()
{
int min =0;
for(int i=1 ;i<count; i )
{
x=1000000;
dfs(0,po[0],po[i]);
if(x>min) min=x;
}
cout<<min;
}
int main()
{
cin>>n>>m>>q;
int c1, c2;
for(int i=0; i<m; i )
{
cin>>c1>>c2;
if(c1==c2)
cin>>c1;
else
{
cin>>time[c1][c2];
time[c2][c1]= time[c1][c2];
}
}
for(int i=0; i<q; i )
{
int l,r,k,c;
cin>>l>>r>>k>>c;
set(l,r,k,c);
fun();
reset(l,r,k,c);
}
return 0;
}最后
今天我们就刷这几个题，题不算难，但是都是真题，坚持下去，时间会给出答案！
