【问题描述】
求关于 x 的同余方程组
x%a 1 =b 1 a1=b1
x%a 2 =b 2 a2=b2
x%a 3 =b 3 a3=b3
x%a 4 =b 4 a4=b4
的大于等于 0 的最小整数解。
【输入格式】
一行 8 个整数,表示a 1 ,b 1 ,a 2 ,b 2 ,a 3 ,b 3 ,a 4 ,b 4 a1,b1,a2,b2,a3,b3,a4,b4 。
【输出格式】
一行一个整数,答案除以 p 的余数。
【样例输入】
2 0 3 1 5 0 7 3
【样例输出】
10
【数据规模和约定】
对于 30% 的数据,a i ai ≤ 40, 保证 a i ai 均为素数。
对于 60% 的数据,1≤a i ≤10 3 1≤ai≤103 , 保证a i ai 均互素。
对于 100% 的数据,0≤b i <a i ,1≤a i ≤10 3 0≤bi<ai,1≤ai≤103 。
【限制】
时间：1S
内存: 256M
/**********************一般模线性方程组***********************/ 同样是求这个东西。。 X mod m1=r1 X mod m2=r2 ... ... ... X mod mn=rn 首先，我们看两个式子的情况 X mod m1=r1……………………………………………………………(1) X mod m2=r2……………………………………………………………(2) 则有 X=m1*k1 r1………………………………………………………………(*) X=m2*k2 r2 那么 m1*k1 r1=m2*k2 r2 整理，得 m1*k1-m2*k2=r2-r1 令(a,b,x,y,m)=(m1,m2,k1,k2,r2-r1)，原式变成 ax by=m 熟悉吧？ 此时，因为GCD(a,b)=1不一定成立，GCD(a,b) | m 也就不一定成立。所以应该先判 若 GCD(a,b) | m 不成立，则！！！方程无解！！！。 否则，继续往下。 解出(x,y)，将k1=x反代回（*），得到X。 于是X就是这两个方程的一个特解，通解就是 X'=X k*LCM(m1,m2) 这个式子再一变形，得 X' mod LCM(m1,m2)=X 这个方程一出来，说明我们实现了(1)(2)两个方程的合并。 令 M=LCM(m1,m2)，R=r2-r1 就可将合并后的方程记为 X mod M = R。 然后，扩展到n个方程。 用合并后的方程再来和其他的方程按这样的方式进行合并，最后就能只剩下一个方程 X mod M=R，其中 M=LCM(m1,m2,...,mn)。 那么，X便是原模线性方程组的一个特解，通解为 X'=X k*M。 如果，要得到X的最小正整数解，就还是原来那个方法： X%=M; if (X<0) X =M;
代码语言：javascript复制 1 #include<iostream>
2 #include<cstdio>
3 #include<cstring>
4 #include<cmath>
5 #include<algorithm>
6 #include<queue>
7 using namespace std;
8 const int MAXN=100001;
9 const int n=4;
10 inline void read(int &n)
11 {
12 char c=getchar();bool flag=0;n=0;
13 while(c<'0'||c>'9') c=='-'?flag=1,c=getchar():c=getchar();
14 while(c>='0'&&c<='9') n=n*10 c-48,c=getchar();flag==1?n=-n:n=n;
15 }
16 int a[MAXN],b[MAXN];
17 int exgcd(int a,int b,int &x,int &y)
18 {
19 if(b==0)
20 { x=1,y=0;return a; }
21 int r=exgcd(b,a%b,x,y);
22 int tmp=x;x=y;y=tmp-(a/b)*y;
23 return r;
24 }
25 int x,y;
26 int gcd(int a,int b)
27 {
28 return b==0?a:gcd(b,a%b);
29 }
30 int lcm(int a,int b)
31 {
32 return a*b/(gcd(a,b));
33 }
34 inline int WORK()
35 {
36 /*
37 x a1*y1=b1 1
38 x a2*y2=b2 2
39 x a3*y3=b3 3
40 求这个方程的解x
41 */
42 int M=a[1],R=b[1],x,y;
43 // M=LCM(a1,a2)
44 // R=bi-b1
45 for(int i=2;i<=n;i )
46 {
47
48 /*
49 a1*y1-a2*y2=b2-b1
50 a*x b*y =gcd(a,b)
51 这样求出y1之后
52 带回得到对于1,2两个方程的解x0=b1-y1*a1
53 */
54 int r=exgcd(M,a[i],x,y);
55 if( (R-b[i])%r!=0) return -1;
56 /* R-b[i]相当于b2-b1
57 方程有解的条件(b2-b1)%gcd(a,b) ==0 */
58
59 x=(R-b[i])/r*x%a[i];//****
60
61
62 R=R-x*M;//x0=b1-y1*a1
63 M=M/r*a[i];// 新的模数
64 R=R%M;//R=X mod M
65 }
66 return (R%M M)%M;
67 }
68 int main()
69 {
70
71 for(int i=1;i<=n;i )
72 read(a[i]),read(b[i]);
73 printf("%d",WORK());
74 return 0;
75 }
